题意：

一个无向图可以有重边，下面q个操作，每次在两个点间连接一条有向边，每次连接后整个无向图还剩下多少桥（注意是要考虑之前连了的边，每次回答是在上一次的基础之上）。

思路：

首先运行一次Tarjan，求出桥和缩点，那么远无向图将缩点为一棵树，树边正好是原来的桥。每次连接两点，看看这两点是不是在同一个缩点内，如果是，那么缩点后的树没任何变化，如果两点属于不同的缩点，那么连接起来，然后找这两个缩点的LCA，因为从点u到LCA再到点v再到点u，将形成环，里面的树边都会变成不是桥。计数的时候注意，有些树边可能之前已经被标记了，这次再经过不能再标记。

代码：

#include 
     
      #include 
      
       #include 
       
        #include 
        
         using namespace std;#define N 100010#define M 200010vector
         
           ver[N];int head[N],dfn[N],low[N],vis[N],fa[N],dcnt,bcnt;struct edge{    int u,v,used,next;}e[2*M];bool isbridge[N];inline void add(int u, int v ,int &k){    e[k].v = v; e[k].used = 0;    e[k].next = head[u]; head[u] = k++;}void LCA(int u,int v){    if(dfn[u] < dfn[v]) swap(u,v);    while(dfn[u] > dfn[v])    {        if(isbridge[u]) bcnt--;        isbridge[u] = false;        u = fa[u];    }    while(u!=v)    {        if(isbridge[u]) bcnt--;        if(isbridge[v]) bcnt--;        isbridge[u] = isbridge[v] = false;        u = fa[u]; v = fa[v];    }}void dfs(int u){    vis[u] = 1; dfn[u] = low[u] = ++dcnt;    for(int k=head[u]; k!=-1; k=e[k].next)        if(!e[k].used)        {            e[k].used = e[k^1].used = 1;            int v = e[k].v;            if(!vis[v])            {                fa[v] = u;                dfs(v);                low[u] = min(low[u] , low[v]);                if(dfn[u] < low[v])                { bcnt++; isbridge[v] = true; }            }            else if(vis[v] == 1) low[u] = min(low[u],dfn[v]);        }    vis[u] = 2;}int main(){    int n,m,q,cas=0;    while(cin>>n>>m,n,m)    {        memset(head,-1,sizeof(head));        int k = 0;        for(int i=0; i
          
           >u>>v; add(u,v,k); add(v,u,k); } memset(isbridge,false,sizeof(isbridge)); memset(vis,0,sizeof(vis)); dcnt = bcnt = 0; fa[1] = 1; dfs(1); printf("Case %d:\n",++cas); cin>>q; while(q--) { int u,v; cin>>u>>v; LCA(u,v); cout<
           
            <